sexta-feira, 28 de junho de 2013

Resolve, menina Ruthe!

    Que maldade! O senhor Raimundo Adalberto Albuquerque mandou-me a seguinte questão:

   Efetuar a expressão:

   Bonzinho não!!!
   Vou tentar, talvez leve um bom tempo!
   Ele, "gentilmente", apenas informou que a resposta é 1!
   Depois, vai me enviar outra do tipo!
   O senhor não tem pena de uma criança de 14 anos, não?!!

   Menina Ruthe

   




Porque o senhor não pede para a Mélane resolver?!






Eu???!!! 

Número Binomial - Dica da Menina Ruthe

    Assistindo a excelente aula do Professor Nerkie, observei que eu poderia resolver o exercício de outro modo:



01)Dois em cima, dois em baixo = 4 x 3 = 6
                                                          2 x 1
02) Já está respondido = 0

03)  Três em cima, três em baixo: 5 x 4 x 3 = 10
                                                         3 x 2 x 1

Menina Ruthe:

Permutação Circular - Dica da Menina Ruthe

     Encontramos o número de permutações circulares utilizando a fórmula:
     (PC)n = ( n -1)!

     Exemplo:
     De quantas maneiras podem 10 pessoas sentar-se ao redor de uma mesa circular?
     Solução:
     Usando a fórmula:
     (PC)10 = (10 -1)! = 9! = 9 x 8 x 7 x 6 x 5 x 4 x 3 x 2 x 1 = 362.880 maneiras
      Usando minha dica:
      Basta fazer  a permutação do número antecessor do problema:
      Antecessor de 10  é  9, portanto:

      P9 = 9! = 362.880



    


Menina Ruthe: ❧ 

     
    

Respondendo a indagação do Raimundo Adalberto Albuquerque

   Três comerciantes depositaram certa quantia em um banco. Sabendo-se que o primeiro e o segundo colocaram R$ 7.330,00; o segundo e o terceiro, R$ 6.650,00; o primeiro e o terceiro,            R$ 4.020,00. Determinar o depósito de cada um.

Seria assim, senhor Raimundo Adalberto Albuquerque:
Pessoas: A, B e C
A + B  = R$ 7.330,00
B + C  = R$ 6.650,00
A + C  = R$ 4.020,00
A + B + B + C + A + C = 7.330 + 6.650 + 4.020
2(A + B + C ) = 18.000
A + B + C = 18.000 ÷ 2
A + B + C = 9.000

(A + B + C ) - ( A + B ) = 9.000 - 7.330
A e B serão eliminados: C = R$ 1.670,00

(A + B + C ) - ( B + C ) = 9.000 - 6.650
B e C serão eliminados: A = R$ 2.350,00

(A + B + C ) - ( A + C ) = 9.000 - 4.020 
A e C serão eliminados: B = R$ 4.980,00

Menina Ruthe :




Resolução de um Baita Problema de Matemática - Menina Ruthe

     - Adam, seu amigo, Adalberto não tem pena da criança aqui, ele não sabe que eu tenho apenas 14 aninhos? Nossa foi de tirar o fôlego...
     - Não exagera menina Ruthe, resolveu o que ele pediu?
     - Sim, não de imediato, no entanto resolvi...
     - Mostra aí para os fãs:
     - Abestalhado!
     
     Três comerciantes depositaram certa quantia em um banco. Sabendo-se que o primeiro e o segundo colocaram R$ 7.330,00; o segundo e o terceiro, R$ 6.650,00; o primeiro e o terceiro,            R$ 4.020,00. Determinar o depósito de cada um.

     Resolvi-o, primeiro por sistema, ficou enorme, porém isso me deu subsídios para resolvê-lo pelo método aritmético que tanto seu amigo quanto eu gostamos muito.
      Somando todos os valores : 7330 + 6650 + 4020 = R$ 18.000,00
      Cada pessoa se repete duas vezes; portanto: 18.0000 ÷ 2 = R$ 9.000,00
      Fazendo a diferença entre : (1º + 2º + 3º ) - ( 1º + 2º) = 9.000 - 7.330 = R$ 1.670,00;
      Fazendo a diferença entre : (1º + 2º + 3º ) - ( 2º + 3 ) = 9.000 - 6.650 = R$ 2.350,00;
      Fazendo a diferença entre : (1º + 2º + 3º ) - ( 1º + 3º) = 9.000 - 4.020 = R$ 4.980,00
Portanto:
O 1º depositou: R$ 2.350,00
O 2º depositou: R$ 4.980,00
O 3º depositou: R$ 1.670,00
                          R$ 9.000,00

Menina Ruthe






Olha como fiquei, Adam: ☺ 

Resolução de problemas com Números Inteiros - Menina Ruthe

    - A melhor maneira para se aprender a resolver problemas é resolvendo-os, não simplesmente, resolvendo-os de maneira mecânica e, sim pensando, raciocinando. Também, não se deve só buscar resolver problemas muito complexos porque geralmente levam muito tempo para se resolver, pode ser que ainda não se tenha bastante maturidade para resolvê-los, maturidade essa adquirida pela resolução de problemas simples, os quais vão dando referências, habilidades, gosto, vão habilitando você a enxergar padrões de resoluções que podem ser empregados em outros problemas que muitas vezes nem parecem ter alguma coisa a ver com o que você tem em frente ao seu rosto.
      - O Adalberto, através do Adam, enviou-me alguns problemas, pedindo que não os resolvesse usando álgebra, que trabalhasse com raciocínio aritmético.
        - Tudo bem, vamos lá:

        01) Um pai e seu filho têm, juntos, 96 anos. Tirando-se 22 anos da idade do pai e acrescentado-os a do filho, tornam-se iguais as idades. Quais são elas?
         Solução:
         A diferença entres as idades é de : 22 + 22 = 44 anos
         Desse modo:
         O pai tem: (96 + 44) ÷ 2 = 70 anos
         O filho tem: ( 96 - 44) ÷ 2 = 26 anos
         Verificando:
          70 -  22 = 48 anos
          26 + 22 = 48 anos
       
        02) Repartir R$ 8.200,00 entre 4 pessoas, de maneira que a 1ª receba o dobro da 2ª; esta, o triplo da 3ª; e esta, o quádruplo da 4ª.
           Solução:
A 1ª pessoa vai receber o dobro do triplo do quádruplo da 4ª : 2 x 3 x 4 = 24 vezes a parte da 4ª
A 2ª pessoa vai receber o triplo do quádruplo: 3 x 4 = 12 vezes
A 3ª pessoa vai receber apenas o quádruplo : 4 vezes
Desse modo, podemos dizer que em R$ 8.200,00 há:  24 + 12 + 4 +1 = 41 vezes a quantia da 4ª pessoa, a qual vai receber: 8.200 ÷ 41 = R$ 200,00
A 1ª receberá: 24 x 200 = R$ 4.800,00
A 2ª receberá: 12 x 200 = R$ 2.400,00
A 3ª receberá:   4 x 200 = R$    800,00
A 4ª receberá:                   R$    200,00
                                         R$ 8.200,00
         
      03) Duas torneiras estão ligadas a um reservatório cuja capacidade é 2.300 litros, ambas  fornecem, respectivamente, 25 litros e 40 litros de água por minuto. Qual o tempo, considerando isoladamente cada torneira,  cada uma deve ficar aberta para que o reservatório fique cheio em 80 minutos?
      Solução:
      Se, por hipótese,  a 2ª torneira ficasse aberta durante 80 minutos: 80 x 40 = 3.200 litros; o excesso seria de: 3.200 -  2.300 = 900 litros. Trocando a 2ª torneira pela 1ª num minuto, o excedente diminuirá de  40 - 25 = 15 litros. Para que se diminua os 900 litros; a 1ª torneira teria de ficar aberta durante    900 ÷  15 = 60 minutos. A 2ª só restariam 80 - 60 = 20 minutos.
     Também se poderia resolver por sistema do 1º grau:
       x + y = 80
       25x + 40y = 2.3000
Fica a gosto do cliente, prefiro o método aritmético, mas não descarto o algébrico, nunca se sabe...
     Lógico que eu resolvendo, não coloco toda essa explicação, ficaria assim:
     80 x 40 = 3.200
     (3.200 - 2.300) ÷  (40 - 25) = 900 ÷ 15 = 60 minutos
     80 - 60 = 20 minutos, e pronto!   
      Menina Ruthe 
      
        

quinta-feira, 27 de junho de 2013

Como a menina Ruthe resolve problemas do tipo envolvendo Pés, Cabeças e similares

 


 01) Uma pessoa possui galinhas e coelhos, ao todo 20 cabeças e 58 pés. Calcular o número de animais de cada espécie.
Solução:
 
A maioria dos livros resolvem por sistema, eu prefiro fazer através do método aritmético, leva menos tempo. Muito bom para concursos.
Faço assim:
Se todos os animais fossem galinhas:
2 x 20 = 40
58 - 40 = 18 
Diferença de pés: 4 - 2 = 2
18 ÷ 2 = 9 coelhos
20 - 9 = 11 galinhas


02) Num depósito há 85 viaturas, sendo umas de oito rodas e outras de três. Calcule o número de veículos de oito rodas, sabendo que o
total de rodas é 320.
Solução:
Se todos os veículos fossem de 3 rodas: 3 x 85 = 255
320 - 255 = 65
Diferença de rodas : 8 - 3 = 5 → 65 ÷ 5 = 13 veículos de 8 rodas



Menina Ruthe

   

Matemática particular da Menina Ruthe

     Algumas pessoas me perguntam como eu aprendo? Como eu raciocino? Se eu posso ensinar a minha maneira de pensar, de raciocinar, e por aí vai....
     É impossível você ensinar a outra pessoa o seu modo particular de aprender, de raciocinar. A única coisa que se pode fazer é ensinar algumas dicas, alguma técnicas. Somente isso.
    Sempre estou em busca de maneiras novas de resolver problemas, pesquiso, faço tentativas-erro, troco ideias com o Adam, experimento dentre outras coisas. Muita coisa só seve para mim mesma.               Por exemplo, com relação ao Teorema de Pitágoras:
Quando os catetos são: 6 e 8, eu já sei que a hipotenusa é 10 - Divido o 6 em duas partes iguais : 3 e 3.
Divido o 8 em duas partes iguais : 4 e 4, sei que possuem raízes: 2 e 2
Faço a soma : 3 + 2 + 3 + 2 = 10
Quando os catetos são : 3 e 4
Nesse caso, acho apenas a raiz de 4 que é 2
Acho a hipotenusa somando 3 + 2 = 5
    Até agora, isso só serviu para esses dois exemplos, mas mim é muito útil, pois quando me dou de rosto com um problema típico, já sei a resposta. Isso é um coisa minha, criada para mim e por mim.



Menina Ruthe - 

Seno - Dica da menina Ruthe

    Observe o triângulo abaixo para compreender minha dica:







       


 Com relação ao seno de 30º, a hipotenusa será o dobro do cateto aposto:
a = 10 km
c = 2 x 10 ⇒ c = 20 km
Podemos empregar o Teorema de Pitágoras para calcular o catato adjacente:
b2 = 202 - 10⇒ b2 = 400 - 100 ⇒ b2 = 300 ⇒ b = √ 300
como 300 =  3 x 100 ⇒ b = √ 3x 1000 ⇒ b = 10 √ 3

Se c = 10, o cateto oposto seria a metade : a = 10 ÷ 2 ⇒ a = 5
Conclusão:
No triângulo retângulo com um ângulo de 30°:
a) A hipotenusa será sempre o dobro do cateto oposto;
b) O cateto oposto será sempre a metade (lógico) da hipotenusa.
Qual a razão disso?
Simples, de acordo com a tabela dos ângulos de 30º, 45° e 60°
Seno de 30° = 1/2 


Menina Ruthe -

O que você precisa saber para resolver problemas do primeiro grau ou problemas envolvendo números inteiros - Menina Ruthe vai dizer 1

      - Oi, me chamo Ruthe, o Adam sempre me chama de menina Ruthe. Vou tentar fazer vocês entenderem  o que eu costumo fazer quando resolvo muitos problemas do 1º grau ou problemas com números inteiros.
      Vamos lá então:
      Olha, se eu tenho o dobro do que você tem, é porque eu tenho duas vezes, lógico, o que você tem, ou seja; eu tenho duas partes (2) e você uma (1).
      Se eu tenho o triplo do que você tem, é porque eu tenho três vezes o que você tem, ou seja; eu tenho três partes (3) e você uma (1)
      Se eu tenho o quádruplo do que você tem, é porque eu tenho quatro vezes o que você tem, ou seja; eu tenho quatro vezes (4) o que você tem e você tem uma parte(1).
      E assim por diante...
      Vejamos a aplicação:
      Digamos que eu tenha R$ 20,00 e você tem R$ 10,00
           Eu



       Você
Juntos temos :    = R$ 30,00

       Então minha parte com a sua: R$ 20,00 + R$ 10, 00 = R$ 30,00
Posso dizer com propriedade que eu tenho duas parte e você apenas uma, juntando nossas partes       2 + 1 = 3 ou seja , 3 vezes a sua parte.
Isso ajuda a resolver problemas do tipo:
       Eu tenho o dobro do que você tem e juntos temos R$ 30,00. Quais as nossas partes?
       Solução:
       2 + 1 = 3 ( 3 vezes a sua parte)
       30 ÷ 3 = R$ 10,00 (Sua parte)
       2 x R$ 10, 00 = R$ 20,00 (Minha parte)

Vejamos mais exemplos:

     01) Numa cesta há 135 laranjas, em outra há 85. Tirando-se quantidades iguais de ambas as cestas, a primeira passa a ter o dobro da segunda. Calcule quantas laranjas forma tiradas da cesta.
    Solução:
    Tirar significa subtrair:  2 - 1 = 1  ( dobro menos a outra parte)
    2 x 85 = 170
    170 - 135 = 35
    35 ÷ 1 = 35
    Resposta.: Foram tiradas da cesta 35 laranjas

    02) Dois irmãos tinham ao todo 1.800 selos. O mais velho vendeu 500 selos e o mais novo 300. O mais velho ficou com o quádruplo dos selos do mais novo. Calcule quantos selos tinha o irmão mais novo.
    Solução:
    500 + 300 = 800
    1.800 - 800 = 1.000 selos
    1 + 4 = 5 vezes a quantidade do mais novo
    1.000 ÷ 5 = 200 quantidade com a qual o mais novo ficou, antes tinha: 300 + 200 = 500 selos
    O irmão mai velho tinha: 1.800 - 500 = 1. 300, ficou com 1.300 - 500 = 800 selos (quádruplo dos selos do irmão mais novo)
    Resposta. O irmão mais novo ficou com 200 selos
   
Menina Ruthe - 

Problemas envolvendo de idades - Menina Ruthe e sua suas dicas

     01) Um pai tem 49 anos e seu filho 15 anos. Daqui a quantos anos a idade do pai será o triplo da idade do filho?
     Solução:
     - Por equação do primeiro grau fica mais longo, prefiro resolver assim, Adam:
     3 x 15 = 45
     49 - 45 = 4
     4 ÷ 2 = 2 (divido por 2 porque são duas pessoas)
     Comprovando:  49 + 2 = 51 
                               15 + 2 = 17 ⇒ 17 x 3 =  51
     Resposta.: Daqui a 2 anos

     02) Um pai tem 32 anos e o filho 4 anos. depois de quantos anos a idade do pai será o triplo da idade do filho?
      3 x 4 = 12
      32 - 12 = 20
      20 ÷ 2 = 10
      Comprovando: 32 + 10 = 42
                                4 + 10 = 14 ⇒ 14 x 3 = 42
      Resposta.: Daqui a 10 anos

      03) Há 6 anos eu tinha a metade da idade que terei daqui a 12 anos. Calcule a minha idade.
       Solução:
      - Nesse caso, o verbo está no passado (Há), portanto, haverá uma diferença (subtração):
      Se uma pessoa tem uma metade, a outra pessoa tem o dobro, é lógico.
      2 x 6 = 12 anos ( a metade da idade que a pessoa terá daqui a 12 anos)
      Daqui a 12 anos terá: 12 + 12 = 24 anos
      Resposta.: 24 anos

     04) Uma pessoa tem 31 anos e outra 13. Há quantos anos a idade da mais velha foi igual ao quádruplo da idade da mais nova?
     Solução:
     4 x 13 = 52
     Verbo no passado (Há): 4 - 1 = 3 (quádruplo menos a outra parte)
     52  - 31  =  21
     21 ÷ 3 = 7
     Comprovando: 31 - 7 = 24
                              13 - 7 = 6 ⇒ 6 x 4 = 24
    Resposta.: Há 7 anos







Menina Ruthe - 

Como resolver problemas de idades do tipo: Eu tenho o dobro da idade que tu tinhas, quando eu tinha a idade que tu tens....

     Dica da menina Ruthe
     Eu tenho o dobro da idade que tu tinhas, quando eu tinha a idade que tu tens. Quando tu tiveres a minha idade, a diferença entre nossas idades será de 5 anos. Calcule  nossas idades
     - Adam, você perguntou como eu resolvo problema desse tipo, não foi?
     - Foi! Então, de que maneira, você os resolve?
     - Simples:
     Como o problema fala do do dobro, eu duplico a diferença : 2 x 5 = 10 anos, que é sua idade no passado. Portanto minha idade atual é : 2 x 10 = 20 anos
      A tua idade é a soma da diferença mais sua idade no passado: 5 + 10 = 15 anos
      Resposta: 15 anos e 20 anos
      Comprovando: 20 - 15 = 5 anos
      - Muito bem, sabidinha, mas...
      - Pode mandar, Adam!
      - Nossa... lá vai:
      Eu tenho o triplo da idade que tu tinhas, quando eu tinha a idade que tu tens. Quando tu tiveres a minha idade, a diferença de nossas idades será de 20 anos. Calcule nossas idades.
       - Simples:
       3 x 20 = 60 anos
       Diferença de nossa não é de 20, então : 60 - 20 = 40 anos
       Eu tenho 60 anos  e tu 40 anos
      - E...
      - Manda!
     Eu tenho o dobro da idade que tu tinhas, quando eu tinha a idade que tu tens. Quando tu tiveres a minha idade, teremos juntos 54 anos. Calcule nossas idades.
      - Simples:
      Dobro significa duas vezes a sua parte, portanto, considerando sua parte como 1 e minha parte como 2 : 1 + 2 = 3
Dividindo 54 por 3 : 18 anos tua idade
Tua idade : 54 - 18 = 36 anos


Menina Ruthe - 







Mélane:
-Amiga, você é tão inteligente!

segunda-feira, 17 de junho de 2013

Além do Infinito

A batalha filósofica de Georg Cantor para ampliar a fronteira da matemática
Carmen Kawano

Alexandre Camanho
Intuitivamente podemos dizer que infinito é algo que não tem fim ou algo que nunca será atingido. O homem sempre buscou o entendimento sobre essa questão de alguma maneira. Os pensadores da Antiguidade anteriores a Pitágoras (século 5 a.C.) já eram atormentados por esse tema. Mas foi só no final do século 19, na Alemanha, com Georg Ferdinand Ludwig Philipp Cantor (1845-1918) que a idéia de infinito foi realmente consolidada na matemática. Sua teoria era revolucionária e, por isso mesmo, acabou gerando embates e animosidades entre os matemáticos da época.
Filho de imigrantes dinamarqueses nascido na Rússia, Cantor se mudou para a Alemanha com a família ainda menino. Lá ele estudou teoria dos números para depois se lançar aos estudos dos conjuntos (inclusive dos números). Seu conhecimento o permitiu mergulhar na idéia de infinito de forma que pudesse ser usada na matemática. Na época de Cantor, os matemáticos conservadores desprezavam os estudos sobre os números irracionais -aqueles com infinitas casas decimais que não se repetem - , o conceito de infinito e tudo o que se relacionava a eles. Em particular, Leopold Kronecker (1823-1891), que tinha sido professor de Cantor, liderava uma campanha contra esses estudos e contra seu próprio ex-aluno.
O conflito acadêmico também chegou à esfera pessoal, e a entrada de Cantor em círculos de mais altos níveis da matemática foi barrada. Ele chegou até a enfrentar dificuldades para publicar seus trabalhos em revistas conceituadas.
Pessoalmente, Cantor acreditava que existiam vários níveis de infinito. O mais alto deles, o Absoluto e inatingível, era o próprio Deus. Seu caráter místico e sua mente conturbada devem tê-lo levado a se debruçar sobre tal tema tão profundo, revolucionário e ousado na matemática.
Kronecker aproveitava o lado esotérico de Cantor para acusar suas teorias matemáticas de misticismo ficcional. Segundo o ex-mestre, cientistas não deveriam dar crédito ao seu ex-aluno, e seus trabalhos 'subversivos' deveriam ser rejeitados pelas revistas científicas renomadas.
Como resultado, Cantor sempre trabalhou sozinho e fora do centro da comunidade matemática. Suas frustrações e as perseguições, somadas ao trabalho estafante e solitário - e ao caráter explosivo e irritadiço do matemático - , acabaram por minar sua saúde mental. Ele foi internado várias vezes para se recuperar das depressões, mas, entre uma crise e outra, prosseguia no trabalho.
Os matemáticos já sabiam do caráter infinito de alguns conjuntos, como o dos números inteiros, dos racionais (os que podem ser escritos como fração de dois números inteiros), dos irracionais e dos reais (que englobam os inteiros, os racionais e os irracionais). Mas ninguém ainda tinha parado para pensar que alguns conjuntos podem ser mais infinitos que os outros. Estranho? Cantor demonstrou que, embora infinitos, os números racionais podem ser enumerados - ou contados - , assim como os inteiros. Mas os irracionais são 'mais infinitos' que os racionais e não podem ser contados. Então, a quantidade de infinitos racionais, valor chamado de 'alef zero', é menor que a quantidade de infinitos irracionais, chamada de 'alef 1'.
Em outras palavras, Cantor nos disse que os números racionais, assim como os inteiros, são, de fato, infinitos, mas são contáveis. Já os irracionais seriam infinitos e incontáveis. E o infinito dos números racionais é menor do que o infinito dos números irracionais.
Cantor conseguiu quantificar e dar uma hierarquia aos níveis de infinito. Por incrível que pareça, apesar de a idéia ser totalmente contra nossa intuição, seu trabalho colocou em bases sólidas a análise de conjuntos, funções e outros elementos que têm caráter contínuo na matemática. A mesma solidez foi dada às ciências, que não sobrevivem hoje sem os cálculos usando números reais.
Só que tudo isso custou ao matemático perseguições e sua saúde mental. Ele morreu de ataque cardíaco, abatido, doente e só, o que não foi muito diferente dos acontecimentos na Grécia Antiga. A idéia de infinitude e a descoberta dos números irracionais já tinham causado muito tumulto entre os pitagóricos que veneravam os números inteiros. Mas isso só até descobrirem os números irracionais.
Gabriela Favre
A tartaruga campeã

O primeiro pensador a refletir sobre o infinito na Antiguidade foi o grego Zenão (495-435 a.C.). Ele lançou o problema da corrida entre Aquiles, o mais veloz corredor do mundo, e uma tartaruga, que por ser lenta poderia largar certa distância à frente. Porém,  argumentou Zenão, o atleta nunca alcançaria o animal pois quando ele chegasse no ponto de partida da tartaruga, ela já teria avançado mais uma distância. E isso se sucederia infinitamente, se pensarmos em dividir os espaços infinitamente.
Gabriela Favre
Hotel infinito
Mais de dois milênios depois de Zenão, os matemáticos inventaram um modo de ilustrar o problema do infinito na matemática com a charada do Hotel Infinito.
Imagine que você chega à recepção e pede uma vaga. O gerente diz que não há mais lugar. Apesar de possuir infinitos quartos, estão todos ocupados. Mas existe uma forma de você poder ficar com um. Qual será?
Solução: você diz para o gerente deslocar o hóspede do quarto número 1 para o quarto número 2. O hóspede do quarto número 2 deve ser deslocado para o quarto número 3. E assim sucessivamente, ao infinito. Nenhum hóspede vai ficar sem quarto pois há infinitos quartos. Da mesma forma, o gerente pode deslocar o hóspede do quarto número 2 para o quarto de número 4, do número 3 para o número 9, do 4 para o 16, sucessivamente. Agora, vamos ter infinitos quartos vazios também.
http://revistagalileu.globo.com

O Paradoxo do Hotel de Hilbert


O Paradoxo do Hotel de Hilbert

 
 
 
 
 
 
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No começo do século XX o matemático alemão David Hilbertdisse: ”O infinito! Nenhum outro conceito estimulou tão profundamente o espírito humano; nenhuma outra idéia estimulou o intelecto de modo tão frutífero,e no entanto nenhum outro conceito precisa ser mais esclarecido do que a idéia de infinito.”
 Para ajudar a explicar o mistério do infinito, Hilbert criou um exemplo de infinito conhecido como Hotel de Hilbert. Este hotel hipotético tem o desejável atributo de possuir um numero infinito de quartos. Um dia um novo hospede chega e fica desapontado ao ser informado de que, apesar do tamanho infinito do hotel, todos os quartos estão ocupados.
Existe um Hotel que é infinito – com um infinito número de quartos.
O Hotel está cheio – todos os quartos ocupados.Chega um novo hóspede. Será que ele tem lugar no hotel?
 Se pensarmos de forma regular, então se o hotel está cheio, o novo hóspede não tem lugar.
No entanto, como o Hotel tem um número infinito de quartos, o gerente do hotel pede a todos os hóspedes para se mudarem para o quarto adjacente um número acima: o hóspede no quarto 1 muda-se para o 2, o que estava no 2 muda-se para o 3, e assim sucessivamente.Assim, o novo hóspede cabe no quarto 1.Todos os que estavam no Hotel continuam hospedados. E o novo hóspede também fica agora com um quarto.Ou seja, apesar do Hotel estar cheio, ao mesmo tempo cabe sempre mais um.Matematicamente, isto quer dizer que infinito mais um é igual a infinito!
Na noite seguinte Hilbert precisa lidar com um problema ainda maior. O hotel continua cheio quando um veículo infinitamente grande chega com um numero infinito de novos hospedes. Hilbert não se deixa abalar e esfrega as mãos de contentamento pensando na quantidade infinita de diárias. Ele pede a todos os seus hospedes anteriores que para que se mudem para os quartos cujos  números sejam o dobro do numero do quarto anterior. Assim, o hospede do quarto 1 se muda para o quarto 2, o hospede do quarto 2 se muda para o quarto 4, e assim por diante. Todos aqueles que se encontravam no hotel continuam alojados e, noentanto, um numero infinito de quartos, os de números impares, ficaram vagos para receber os recém-chegados.
 Isto mostra que o dobro do infinito continua sendo infinito.
Os matemáticos tiveram que desenvolver todo um sistema de nomenclatura para lidar com as escalas variáveis do infinito, e lidar com esse conceito é um dos assuntos mais quentes hoje em dia.
Entre no seguinte endereço e veja a explicação com aúdio e video:

Um Grande Problema de Matemática

    


    01) Numa escola, ao longo do corredor comprido, estão enfileirados 1.000 armários consecutivamente de 1 a 1.000, com suas portas fechadas. 1.000 alunos da escola, também numerados de 1 a 1.000, resolvem fazer a seguinte brincadeira: o aluno número 1 passa pelo corredor e abre todos os armários; em seguida, o aluno número 2 passa e fecha todos os armários de número par; depois passa  o aluno de número 3, inverte a posição das portas de todos os armários "múltiplos de 3", isto é, ele os fecha se estiverem abertos e os abre se estiverem fechados; depois, é a vez do aluno número 4 que inverte a posição das portas dos armários "múltiplos" de 4, e assim sucessivamente. Após a passagem dos 1.000 alunos, qual será o armário de maior número que estará aberto?
Solução:
Alunos:
1- Abre todos os armários;
2 - Fecha os armários de números : 2, 4, 6, 8, 10,...
3 - Inverte os armários de números : 3, 6, 9, 12, 18, 21,...
4 - Inverte os armários de números: 4, 8, 12, 16, 20,...
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                                                            1.000 alunos (Fim da brincadeira)
Aberto = A
Fechado = F
A → 1
A - F - A→ 3
A - F - A - F - A→ 5
A - F - A - F  - A - F - A→ 7
A - F - A - F - A - F - A - F - A→ 9
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Abertos Sempre em número ímpar
Armário X terminou aberto: Alunos com números divisores de X
X - Tem que possui o número ímpar de divisores positivos. Os expoentes da fatoração de 1.000 tê de ser todos pares.

2ª x 3b x5c... é igual a (a +1).(b + 1).(c +1)..., que é ímpar se e somente se, se a, b, c... forem todos pares, ou seja, se e somente se  X  for quadrado perfeito.
Se um número é um quadrado perfeito, então ele possui uma quantidade ímpar de divisores positivos, logo X é um quadrado perfeito.
X ≤ 1.000
302 = 900
312 = 961
322 = 1.024 > 1.000 → Resposta .: 961
Raiz quadrada de 961 = 31

Agora, resolva este:

* O problema dos armários


Uma escola tem exatamente 100 armários e 100 estudantes. No primeiro dia de aula os estudantes encontraram-se fora do prédio e planejaram: o primeiro estudante entrará na escola e abrirá todos os armários. O segundo aluno entrará e fechará todos os armlários com números pares (2, 4, 6, 8, 10,... ). O terceiro aluno, então, inverterá o que tiver sido feito a cada 3 armários (no 3°, 6°, 9°, 12°,...), o que significa: ele abrirá se o armário estiver fechado, ou fechará se estiver aberto. O quarto aluno inverterá o que tiver sido feito a cada 4 armários (no 4°, 8°, 12°, 16°,...), e assim por diante. Após todos os alunos terem entrado e realizado suas tarefas, como estará o armário de número 100: aberto ou fechado?